Testid 

Ühtse riigieksami lahendus füüsikas. Füüsika online-eksami test

1) FÜÜSIKA ÜHENDATUD RIIKEKSAM ON KESTAV 235 min

2) CIM-ide STRUKTUUR - 2018 ja 2019 võrreldes 2017. aastaga. Veidi MUUDETUD: Eksamiversioon koosneb kahest osast ja sisaldab 32 ülesannet. 1. osa sisaldab 24 lühivastusega elementi, sealhulgas enesearuande üksusi, mis nõuavad numbrit, kahte numbrit või sõna, samuti sobivaid ja valikvastustega üksusi, mis nõuavad vastuse kirjutamist numbrijadana. 2. osa sisaldab kokku 8 ülesannet üldine vaade tegevused – probleemide lahendamine. Neist 3 lühivastusega ülesannet (25–27) ja 5 ülesannet (28–32), millele peate andma üksikasjaliku vastuse. Töö sisaldab kolme raskusastmega ülesandeid. Ülesanded algtase sisaldub töö 1. osas (18 ülesannet, millest 13 ülesannet, mille vastus on fikseeritud numbri, kahe numbri või sõna kujul ning 5 sobitus- ja valikvastustega ülesannet). Edasijõudnute taseme ülesanded jagunevad eksamitöö 1. ja 2. osa vahel: 1. osas 5 lühivastusega ülesannet, 2. osas 1 pika vastuse ülesanne. 2. osa neli viimast ülesannet on ülesanded kõrge tase raskusi. Eksamitöö 1. osa sisaldab kahte ülesandeplokki: esimeses testitakse koolifüüsika kursuse mõisteaparaadi valdamist ja teises metoodiliste oskuste valdamist. Esimene plokk sisaldab 21 ülesannet, mis on rühmitatud temaatilise kuuluvuse alusel: 7 ülesannet mehaanika, 5 ülesannet MCT ja termodünaamika kohta, 6 ülesannet elektrodünaamika ja 3 kvantfüüsika kohta.

Uus elementaarse keerukusega ülesanne on esimese osa viimane ülesanne (24. koht), mis on ajastatud astronoomiakursuse naasmisega. kooli õppekava. Ülesandele on iseloomulik tüüp "valida 2 hinnangut 5-st". Ülesanne 24, nagu ka teised sarnased eksamitöö ülesanded, saab maksimaalselt 2 punkti, kui vastuse mõlemad elemendid on õiged, ja 1 punkti, kui ühes elemendis on viga. See, millises järjekorras numbrid vastusesse kirjutatakse, ei oma tähtsust. Ülesanded on reeglina kontekstipõhised, s.t. Osa ülesande täitmiseks vajalikest andmetest esitatakse tabeli, diagrammi või graafiku kujul.

Vastavalt sellele ülesandele on jaotise „Astrofüüsika elemendid“ alajaotises „ Kvantfüüsika ja astrofüüsika elemendid”, sealhulgas järgmised punktid:

· Päikesesüsteem: maapealsed planeedid ja hiidplaneedid, Päikesesüsteemi väikesed kehad.

· Tähed: mitmesugused täheomadused ja nende mustrid. Tähtede energia allikad.

· Kaasaegsed esindused Päikese ja tähtede tekke ja arengu kohta. Meie galaktika. Teised galaktikad. Vaadeldava universumi ruumilised skaalad.

· Kaasaegsed vaated Universumi ehituse ja evolutsiooni kohta.

Lisateavet KIM-2018 ülesehituse kohta saate M.Yu osavõtul toimuvat veebiseminari vaadates. Demidova https://www.youtube.com/watch?v=JXeB6OzLokU või allolevas dokumendis.

Muudatused 2019. aasta füüsika ühtse riigieksami ülesannetes pole aastat.

2019. aasta füüsika ühtse riigieksami ülesannete struktuur

Eksamitöö koosneb kahest osast, sh 32 ülesannet.

1. osa sisaldab 27 ülesannet.

  • Ülesannetes 1–4, 8–10, 14, 15, 20, 25–27 on vastuseks täisarv või lõplik arv kümnend.
  • Ülesannete 5–7, 11, 12, 16–18, 21, 23 ja 24 vastus on kahe numbri jada.
  • Ülesannete 19 ja 22 vastus on kaks numbrit.

2. osa sisaldab 5 ülesannet. Ülesannete 28–32 vastus sisaldab Täpsem kirjeldus kogu ülesande edenemist. Ülesannete teist osa (täpse vastusega) hindab ekspertkomisjon alusel.

Füüsika ühtsed riigieksami teemad, mis lisatakse eksamitööle

  1. Mehaanika(kinemaatika, dünaamika, staatika, mehaanika jäävusseadused, mehaanilised vibratsioonid ja lained).
  2. Molekulaarfüüsika(molekulaarkineetiline teooria, termodünaamika).
  3. SRT elektrodünaamika ja põhialused (elektriväli, alalisvool, magnetväli, elektromagnetiline induktsioon, elektromagnetilised võnkumised ja lained, optika, SRT põhialused).
  4. Kvantfüüsika ja astrofüüsika elemendid(lainekorpuskulaarne dualism, aatomifüüsika, aatomituuma füüsika, astrofüüsika elemendid).

Füüsika ühtse riigieksami kestus

Kogu eksamitöö viiakse lõpule 235 minutit.

Eeldatav aeg ülesannete täitmiseks erinevad osad töö on:

  1. iga lühivastusega ülesande jaoks – 3–5 minutit;
  2. iga üksikasjaliku vastusega ülesande jaoks – 15–20 minutit.

Mida saate eksamiks võtta:

  • Kasutatakse mitteprogrammeeritavat kalkulaatorit (iga õpilase jaoks), millel on arvutamise võimalus trigonomeetrilised funktsioonid(cos, sin, tg) ja joonlaud.
  • Täiendavate seadmete ja seadmete loetelu, mille kasutamine on ühtse riigieksami jaoks lubatud, kinnitab Rosobrnadzor.

Tähtis!!!ärge lootke petulehtedele, näpunäidetele ja kasutamisele tehnilisi vahendeid(telefonid, tahvelarvutid) eksami ajal. Ühtse riigieksami 2019 videovalvet tugevdatakse täiendavate kaameratega.

Ühtse riigieksami hinded füüsikas

  • 1 punkt – 1-4, 8, 9, 10, 13, 14, 15, 19, 20, 22, 23, 25, 26, 27 ülesande eest.
  • 2 punkti – 5, 6, 7, 11, 12, 16, 17, 18, 21, 24.
  • 3 punkti – 28, 29, 30, 31, 32.

Kokku: 52 punkti(maksimaalselt esmane skoor).

Mida peate teadma ühtseks riigieksamiks ülesannete ettevalmistamisel:

  • Teadma/mõistma füüsikaliste mõistete, suuruste, seaduste, põhimõtete, postulaatide tähendust.
  • Oska kirjeldada ja selgitada füüsikalised nähtused ja kehade (sh kosmoseobjektide) omadused, katsete tulemused... too näiteid praktiline kasutamine füüsilised teadmised
  • Eristage hüpoteese teaduslik teooria, teha eksperimendi põhjal järeldusi jne.
  • Oskab omandatud teadmisi rakendada füüsiliste probleemide lahendamisel.
  • Kasuta omandatud teadmisi ja oskusi praktilises tegevuses ja igapäevaelus.

Kust alustada füüsika ühtseks riigieksamiks valmistumist:

  1. Uurige iga ülesande jaoks vajalikku teooriat.
  2. Treeni sisse testülesanded füüsikas, mis on välja töötatud ühtse riigieksami alusel. Meie veebisaidil uuendatakse füüsika ülesandeid ja valikuid.
  3. Hallake oma aega õigesti.

Soovime teile edu!

Haridusportaal “LAHENDAN ühtse riigieksami” on minu isiklik heategevusprojekt. Seda arendame nii mina kui ka mu sõbrad ja kolleegid, kes hoolivad laste haridusest rohkem kui iseendast. Ei rahastanud keegi.


Riigieksamiteks valmistumise kaugõppesüsteemi “LAHENDAGE ühtne riigieksam” (http://reshuege.rf, http://ege.sdamgia.ru) lõi loomeühendus “Intellektuaalsete Algatuste Keskus”. Juht - Gushchin D. D., matemaatika, füüsika ja informaatika õpetaja, Vene Föderatsiooni üldhariduse autöötaja, aasta õpetaja Venemaal - 2007, matemaatika testimis- ja mõõtmismaterjalide väljatöötamise föderaalkomisjoni liige matemaatika ühtne riigieksam (2009-2010) , matemaatika ühtse riigieksami föderaalse ainekomisjoni ekspert (2011-2012), matemaatika riigieksami piirkondliku ainekomisjoni aseesimees (2012-2014), ettekandja Ühtse riigieksami ekspert matemaatikas (2014-2015), föderaalekspert (2015-2017).

HARIDUSPORTAALI „LAHENDAN KASUTAMISE” TEENUSED

  • Temaatiliste kordamiste korraldamiseks on välja töötatud eksamiülesannete klassifikaator, mis võimaldab järjepidevalt korrata teatud väikesed teemad ja pane kohe oma teadmised nende kohta proovile.
  • Jooksva teadmusseire korraldamiseks on võimalik kaasata koolitusvõimalused iga eksamitüübi suvalise arvu ülesandeid.
  • Finaali läbiviimiseks testid testimine on esitatud Ühtne riigieksamivorming sellel aastal vastavalt mõnele süsteemis eelseadistatud valikule või individuaalsele juhuslikult genereeritud valikule.
  • Ettevalmistuse taseme kontrollimiseks peab süsteem õpitud teemade ja lahendatud ülesannete statistikat.
  • Kontrollireeglitega tutvumiseks eksamitööd antud võimalus välja selgitada üksikasjaliku vastusega ülesannete kontrollimise kriteeriumid ja kontrollida neile vastavaid avatud vastusega ülesandeid.
  • Sest eelhinnang ettevalmistuse tase pärast testi sooritamist esitatakse testeksami hinde prognoos sajapallisel skaalal.

Ülesannete kataloogid on välja töötatud spetsiaalselt portaali "LAHENDAGE ühtne riigieksam" jaoks ja on intellektuaalne omand toimetajad. Ülesanded avatud pank FIPI ülesanded, demo versioonid eksamid, varasemate eksamite ülesanded, mille on välja töötanud Föderaalne Pedagoogiliste Mõõtmiste Instituut, diagnostiline töö, mille on koostanud Moskva Instituut avatud haridus, kasutatakse kirjandusallikatest pärit ülesandeid vastavalt autoriõiguste omanike litsentsidele. Portaali kasutajatel on ka võimalus lisada kataloogidesse oma ülesandeid, avaldada teoreetilised materjalid, koostada koolitusi, suhelda oma lugejatega.


Kõik süsteemis kasutatavad ülesanded on varustatud vastuste ja üksikasjalike lahendustega.


Kui kavatsete saiti regulaarselt kasutada, registreeruge. See võimaldab süsteemil pidada statistikat teie lahendatud ülesannete kohta ja anda soovitusi, kuidas eksamiks valmistuda.


Kõik portaaliteenused on tasuta.


Valmistatud Peterburis, Norilskis, Slavjansk-on-Kubanis, Voronežis, Ozerskis, Moskvas, Penzas, Novocherkasskis, Pariisis.


Saidi materjalide kopeerimine, sealhulgas, kuid mitte ainult: rubriigid, ülesanded, vastused, selgitused ja lahendused, vastused lugeja küsimustele, teatmeteosed, on rangelt keelatud. Portaali kasutamine tähendab nende tingimustega nõustumist. Saate panna lingi projekti lehtedele.

Anname teile teada!
Examer LLC peadirektor Artjom Degtjarev Taganrogist andis oma tasulise veebisaidi lehtedele nimeks "MA LAHENDAN ühtse riigieksami". Libe ja loominguline direktor selgitas, et see on tema ettevõtte poliitika. Portaalis on vigadega õppematerjalid.

Ettevalmistus OGE-ks ja ühtseks riigieksamiks

Keskmine Üldharidus

Liin UMK A.V. Grachev. Füüsika (10–11) (põhi-, edasijõudnute)

Liin UMK A.V. Grachev. Füüsika (7–9)

Liin UMK A.V. Peryshkin. Füüsika (7–9)

Füüsika ühtseks riigieksamiks valmistumine: näited, lahendused, selgitused

Teeme asja korda Ühtse riigieksami ülesanded füüsikas (variant C) koos õpetajaga.

Lebedeva Alevtina Sergeevna, füüsikaõpetaja, 27-aastane töökogemus. Autunnistus Moskva piirkonna haridusministeerium (2013), Voskresenski juhi tänu munitsipaalrajoon(2015), Moskva oblasti matemaatika- ja füüsikaõpetajate ühingu presidendi tunnistus (2015).

Töös esitatakse ülesanded erinevad tasemed Raskusaste: põhi-, arenenud ja kõrge. Põhitaseme ülesanded on lihtsad ülesanded, tähtsamate füüsikaliste mõistete, mudelite, nähtuste ja seaduste omastamise testimine. Ülesanded kõrgem tase on suunatud füüsika mõistete ja seaduste kasutamise oskuse testimisele erinevate protsesside ja nähtuste analüüsimisel, samuti ülesannete lahendamise oskusele ühe või kahe seaduse (valemi) abil mis tahes kooli füüsikakursuse teemal. Töös 4 on 2. osa ülesanded kõrge keerukusega ülesanded ja testivad oskust kasutada füüsikaseadusi ja teooriaid muutunud või uues olukorras. Selliste ülesannete täitmine eeldab teadmiste rakendamist kahest või kolmest füüsikaosast korraga, s.t. kõrge koolituse tase. See valik on täielikult kooskõlas demo versioonÜhtne riigieksam 2017, ülesanded võetud avatud ühtse riigieksami ülesannete pangast.

Joonisel on kujutatud kiiruse mooduli ja aja graafik t. Määrake graafikult auto läbitud vahemaa ajavahemikus 0 kuni 30 s.


Lahendus. Auto läbitud tee ajavahemikus 0 kuni 30 s on kõige lihtsamini määratletav trapetsi pindalana, mille aluseks on ajavahemikud (30 – 0) = 30 s ja (30 – 10 ) = 20 s ja kõrgus on kiirus v= 10 m/s, s.o.

S = (30 + 20) Koos 10 m/s = 250 m.
2

Vastus. 250 m.

100 kg kaaluv koorem tõstetakse kaabli abil vertikaalselt üles. Joonisel on näidatud kiiruse projektsiooni sõltuvus Vülespoole suunatud telje koormus aja funktsioonina t. Määrake kaabli pingutusjõu moodul tõstmise ajal.



Lahendus. Kiiruse projektsiooni sõltuvuse graafiku järgi v koormus vertikaalselt ülespoole suunatud teljel aja funktsioonina t, saame määrata koormuse kiirenduse projektsiooni

a = ∆v = (8 – 2) m/s = 2 m/s 2.
∆t 3 s

Koorusele mõjuvad: vertikaalselt allapoole suunatud raskusjõud ja piki kaablit vertikaalselt ülespoole suunatud kaabli tõmbejõud (vt joonis 1). 2. Kirjutame üles dünaamika põhivõrrandi. Kasutame Newtoni teist seadust. Kehale mõjuvate jõudude geomeetriline summa on võrdne keha massi ja sellele avalduva kiirenduse korrutisega.

+ = (1)

Kirjutame maaga seotud võrdlussüsteemi vektorite projektsiooni võrrandi, suunates OY-telje ülespoole. Pingutusjõu projektsioon on positiivne, kuna jõu suund langeb kokku OY telje suunaga, gravitatsioonijõu projektsioon on negatiivne, kuna jõuvektor on vastupidine OY-teljele, siis kiirendusvektori projektsioon on samuti positiivne, nii et keha liigub ülespoole kiirendusega. Meil on

T – mg = ma (2);

valemist (2) tõmbejõu moodul

T = m(g + a) = 100 kg (10 + 2) m/s 2 = 1200 N.

Vastus. 1200 N.

Keha lohistatakse mööda karedat horisontaalne pind konstantse kiirusega, mille moodul on 1,5 m/s, rakendades sellele jõudu, nagu näidatud joonisel (1). Sel juhul on kehale mõjuva libiseva hõõrdejõu moodul 16 N. Kui suur on jõu poolt arendatav võimsus? F?



Lahendus. Kujutame ette ülesandepüstituses toodud füüsikalist protsessi ja teeme skemaatilise joonise, mis näitab kõiki kehale mõjuvaid jõude (joonis 2). Paneme kirja dünaamika põhivõrrandi.

Tr + + = (1)

Olles valinud fikseeritud pinnaga seotud võrdlussüsteemi, kirjutame vektorite projektsiooni võrrandid valitud pinnale koordinaatteljed. Vastavalt ülesande tingimustele liigub keha ühtlaselt, kuna selle kiirus on konstantne ja võrdne 1,5 m/s. See tähendab, et keha kiirendus on null. Kehale mõjuvad horisontaalselt kaks jõudu: libisemishõõrdejõud tr. ja jõud, millega keha tõmmatakse. Hõõrdejõu projektsioon on negatiivne, kuna jõuvektor ei lange kokku telje suunaga X. Jõu projektsioon F positiivne. Tuletame meelde, et projektsiooni leidmiseks langetame risti vektori algusest ja lõpust valitud teljele. Seda arvesse võttes on meil: F cosα – F tr = 0; (1) väljendame jõu projektsiooni F, See F cosα = F tr = 16 N; (2) siis on jõu arendatav võimsus võrdne N = F cosα V(3) Teeme asendus, võttes arvesse võrrandit (2), ja asendame vastavad andmed võrrandiga (3):

N= 16 N · 1,5 m/s = 24 W.

Vastus. 24 W.

Kerge vedru külge kinnitatud koormus, mille jäikus on 200 N/m, läbib vertikaalseid võnkumisi. Joonisel on kujutatud nihke sõltuvuse graafik x laadige aeg-ajalt t. Määrake koormuse mass. Ümarda oma vastus täisarvuni.


Lahendus. Vedrul olev mass läbib vertikaalseid võnkumisi. Koormusnihke graafiku järgi X ajast t, määrame koormuse võnkeperioodi. Võnkeperiood on võrdne T= 4 s; valemist T= 2π väljendame massi m lasti


= T ; m = T 2 ; m = k T 2 ; m= 200 N/m (4 s) 2 = 81,14 kg ≈ 81 kg.
2π k 4π 2 4π 2 39,438

Vastus: 81 kg.

Joonisel on kahest kergplokist ja kaaluta kaablist koosnev süsteem, millega saab tasakaalus hoida või tõsta 10 kg kaaluvat koormat. Hõõrdumine on tühine. Ülaltoodud joonise analüüsi põhjal valige kaks tõesed väited ja märkige vastuses nende arv.


  1. Koormuse tasakaalus hoidmiseks tuleb trossi otsale mõjuda jõuga 100 N.
  2. Joonisel kujutatud plokkide süsteem ei anna tugevust.
  3. h, peate välja tõmbama trossi pikkuse 3 osa h.
  4. Koorma aeglaselt kõrgusele tõstmiseks hh.

Lahendus. Selle ülesande puhul on vaja meeles pidada lihtsaid mehhanisme, nimelt plokke: liikuv ja fikseeritud plokk. Liigutatav plokk annab kahekordse tugevuse, samas kui trossi osa tuleb tõmmata kaks korda pikemaks ja fikseeritud plokki kasutatakse jõu ümbersuunamiseks. Töös lihtsad võidumehhanismid ei anna. Pärast probleemi analüüsimist valime kohe vajalikud avaldused:

  1. Koorma aeglaselt kõrgusele tõstmiseks h, peate välja tõmbama 2. pikkuse nööriosa h.
  2. Koormuse tasakaalus hoidmiseks tuleb trossi otsale mõjuda jõuga 50 N.

Vastus. 45.

Kaalutu ja venimatu keerme külge kinnitatud alumiiniumist raskus on täielikult veega anumasse kastetud. Koormus ei puuduta laeva seinu ja põhja. Seejärel kastetakse veega samasse anumasse rauast raskus, mille mass on võrdne alumiiniumraskuse massiga. Kuidas muutub selle tulemusena keerme tõmbejõu moodul ja koormusele mõjuva raskusjõu moodul?

  1. Suureneb;
  2. Väheneb;
  3. Ei muutu.


Lahendus. Analüüsime probleemi seisukorda ja tõstame esile need parameetrid, mis uuringu käigus ei muutu: need on keha mass ja vedelik, millesse keha niidil kastetakse. Pärast seda on parem teha skemaatiline joonis ja näidata koormusele mõjuvad jõud: keerme pinge F juhtimine, suunatud piki niiti ülespoole; vertikaalselt allapoole suunatud gravitatsioon; Archimedese jõud a, mis toimib vedeliku küljelt sukeldatud kehale ja on suunatud ülespoole. Vastavalt ülesande tingimustele on koormuste mass sama, mistõttu koormusele mõjuva raskusjõu moodul ei muutu. Kuna lasti tihedus on erinev, on erinev ka maht.

V = m .
lk

Raua tihedus on 7800 kg/m3 ja alumiiniumlasti tihedus 2700 kg/m3. Seega V ja< V a. Keha on tasakaalus, kõigi kehale mõjuvate jõudude resultant on null. Suuname OY koordinaatide telje ülespoole. Dünaamika põhivõrrandi, võttes arvesse jõudude projektsiooni, kirjutame kujule F juhtimine + F a – mg= 0; (1) Väljendame tõmbejõudu F kontroll = mg – F a(2); Archimedese jõud sõltub vedeliku tihedusest ja sukeldatud kehaosa mahust F a = ρ gV p.h.t. (3); Vedeliku tihedus ei muutu ja raua keha maht on väiksem V ja< V a, seetõttu on rauakoormusele mõjuv Archimedese jõud väiksem. Teeme järelduse keerme pingutusjõu mooduli kohta, töötades võrrandiga (2), see suureneb.

Vastus. 13.

Massiplokk m libiseb maha fikseeritud jämedalt kaldtasandilt, mille aluses on nurk α. Ploki kiirendusmoodul on võrdne a, siis ploki kiiruse moodul suureneb. Õhutakistuse võib tähelepanuta jätta.

Looge vastavus füüsikaliste suuruste ja valemite vahel, millega neid saab arvutada. Iga esimese veeru positsiooni jaoks valige teisest veerust vastav positsioon ja kirjutage valitud numbrid tabelisse vastavate tähtede alla.

B) Ploki ja kaldtasandi vaheline hõõrdetegur

3) mg cosα

4) sinα – a
g cosα

Lahendus. See ülesanne nõuab Newtoni seaduste rakendamist. Soovitame teha skemaatilise joonise; märkige kõik kinemaatilised omadused liigutused. Võimalusel kujutage kiirendusvektorit ja kõigi liikuvale kehale mõjuvate jõudude vektoreid; pidage meeles, et kehale mõjuvad jõud on teiste kehadega suhtlemise tulemus. Seejärel kirjutage üles dünaamika põhivõrrand. Valige võrdlussüsteem ja kirjutage üles saadud võrrand jõu- ja kiirendusvektorite projektsiooniks;

Pakutud algoritmi järgides teeme skemaatilise joonise (joonis 1). Joonisel on kujutatud ploki raskuskeskmele rakendatavad jõud ja kaldtasandi pinnaga seotud tugisüsteemi koordinaatteljed. Kuna kõik jõud on konstantsed, on ploki liikumine kiiruse suurenedes ühtlaselt muutuv, s.t. kiirendusvektor on suunatud liikumissuunas. Valime telgede suuna, nagu on näidatud joonisel. Kirjutame üles jõudude projektsioonid valitud telgedele.


Kirjutame üles dünaamika põhivõrrandi:

Tr + = (1)

Kirjutame selle võrrandi (1) jõudude ja kiirenduse projektsiooniks.

OY-teljel: maapinna reaktsioonijõu projektsioon on positiivne, kuna vektor langeb kokku OY-telje suunaga Ny = N; hõõrdejõu projektsioon on null, kuna vektor on teljega risti; gravitatsiooni projektsioon on negatiivne ja võrdne mg y= – mg cosα ; kiirendusvektori projektsioon jah= 0, kuna kiirendusvektor on teljega risti. Meil on N – mg cosα = 0 (2) võrrandist väljendame plokile mõjuvat reaktsioonijõudu kaldtasandi küljelt. N = mg cosα (3). Paneme kirja projektsioonid OX-teljel.

OX-teljel: jõu projektsioon N on võrdne nulliga, kuna vektor on OX-teljega risti; Hõõrdejõu projektsioon on negatiivne (vektor on suunatud valitud telje suhtes vastupidises suunas); gravitatsiooni projektsioon on positiivne ja võrdne mg x = mg sinα (4) alates täisnurkne kolmnurk. Kiirenduse projektsioon on positiivne a x = a; Seejärel kirjutame võrrandi (1) projektsiooni arvesse võttes mg sinα – F tr = ma (5); F tr = m(g sinα – a) (6); Pidage meeles, et hõõrdejõud on jõuga võrdeline normaalne rõhk N.

A-prioor F tr = μ N(7), väljendame ploki hõõrdetegurit kaldtasandil.

μ = F tr = m(g sinα – a) = tgα – a (8).
N mg cosα g cosα

Valime iga tähe jaoks sobivad positsioonid.

Vastus. A – 3; B-2.

Ülesanne 8. Gaasiline hapnik on anumas mahuga 33,2 liitrit. Gaasi rõhk on 150 kPa, temperatuur 127° C. Määrake selles anumas oleva gaasi mass. Väljendage vastus grammides ja ümardage lähima täisarvuni.

Lahendus. Oluline on pöörata tähelepanu ühikute teisendamisele SI-süsteemi. Teisenda temperatuur Kelviniteks T = t°C + 273, maht V= 33,2 l = 33,2 · 10 –3 m 3; Teisendame rõhu P= 150 kPa = 150 000 Pa. Ideaalgaasi olekuvõrrandi kasutamine

Avaldame gaasi massi.

Kindlasti pöörake tähelepanu sellele, millistel üksustel palutakse vastus kirja panna. See on väga tähtis.

Vastus.„48

Ülesanne 9. Ideaalne üheaatomiline gaas koguses 0,025 mol paisub adiabaatiliselt. Samal ajal langes selle temperatuur +103°C pealt +23°C peale. Kui palju tööd on gaas ära teinud? Väljendage oma vastust džaulides ja ümardage lähima täisarvuni.

Lahendus. Esiteks on gaas vabadusastmete monoatomne arv i= 3, teiseks paisub gaas adiabaatiliselt - see tähendab ilma soojusvahetuseta K= 0. Gaas töötab siseenergiat vähendades. Seda arvesse võttes kirjutame termodünaamika esimese seaduse kujul 0 = ∆ U + A G; (1) väljendame gaasitööd A g = –∆ U(2); Me kirjutame üheaatomilise gaasi siseenergia muutuse kui

Vastus. 25 J.

Õhuosa suhteline niiskus teatud temperatuuril on 10%. Mitu korda tuleks selle õhuosa rõhku muuta, et konstantsel temperatuuril suureneks suhteline õhuniiskus 25%?

Lahendus. Kõige sagedamini valmistavad koolilastele raskusi küsimused, mis on seotud küllastunud auru ja õhuniiskusega. Kasutame arvutamiseks valemit suhteline niiskusõhku

Vastavalt probleemi tingimustele temperatuur ei muutu, mis tähendab, et küllastunud auru rõhk jääb samaks. Kirjutame üles valem (1) kahe õhu oleku jaoks.

φ 1 = 10%; φ 2 = 35%

Avaldame õhurõhku valemitest (2), (3) ja leiame rõhu suhte.

P 2 = φ 2 = 35 = 3,5
P 1 φ 1 10

Vastus. Rõhku tuleks suurendada 3,5 korda.

Kuum vedel aine jahutati aeglaselt sulatusahjus konstantsel võimsusel. Tabelis on näidatud aine temperatuuri mõõtmise tulemused aja jooksul.

Valige pakutavast loendist kaks avaldused, mis vastavad tehtud mõõtmiste tulemustele ja märgivad nende numbrid.

  1. Aine sulamistemperatuur nendes tingimustes on 232°C.
  2. 20 minuti pärast. pärast mõõtmiste algust oli aine alles tahkes olekus.
  3. Aine soojusmahtuvus vedelas ja tahkes olekus on sama.
  4. Pärast 30 min. pärast mõõtmiste algust oli aine alles tahkes olekus.
  5. Aine kristalliseerumisprotsess kestis üle 25 minuti.

Lahendus. Aine jahtudes vähenes selle siseenergia. Temperatuuri mõõtmise tulemused võimaldavad meil määrata temperatuuri, mille juures aine hakkab kristalliseeruma. Samal ajal kui aine möödub vedel olek tahkeks, temperatuur ei muutu. Teades, et sulamistemperatuur ja kristalliseerumistemperatuur on samad, valime väite:

1. Aine sulamistemperatuur nendes tingimustes on 232°C.

Teine õige väide on:

4. Pärast 30 min. pärast mõõtmiste algust oli aine alles tahkes olekus. Kuna temperatuur on sellel ajahetkel juba madalam kui kristalliseerumistemperatuur.

Vastus. 14.

Isoleeritud süsteemis on keha A temperatuur +40°C ja keha B temperatuur +65°C. Need kehad viidi üksteisega termiliselt kokku. Mõne aja pärast saabus termiline tasakaal. Kuidas muutusid selle tulemusena keha B temperatuur ning kehade A ja B kogusiseenergia?

Määrake iga koguse jaoks muudatuse olemus:

  1. Suurenenud;
  2. Vähenenud;
  3. Ei ole muutunud.

Kirjutage tabelisse iga jaoks valitud numbrid. füüsiline kogus. Vastuses olevad numbrid võivad korduda.

Lahendus. Kui isoleeritud kehade süsteemis peale soojusvahetuse ei toimu muid energiamuutusi, siis kehade poolt, mille siseenergia väheneb, eraldatav soojushulk võrdub soojushulgaga, mida saavad kehad, mille siseenergia suureneb. (Vastavalt energia jäävuse seadusele.) Sel juhul süsteemi kogu siseenergia ei muutu. Seda tüüpi ülesanded lahendatakse soojusbilansi võrrandi alusel.

∆U = ∑ n ∆U i = 0 (1);
i = 1

kus ∆ U– siseenergia muutus.

Meie puhul väheneb soojusvahetuse tulemusena keha B siseenergia, mis tähendab, et selle keha temperatuur langeb. Keha A siseenergia suureneb, kuna keha sai kehalt B teatud koguse soojust, tõuseb selle temperatuur. Kehade A ja B kogusiseenergia ei muutu.

Vastus. 23.

Prooton lk, lendab elektromagneti pooluste vahelisse pilusse, omab kiirust risti induktsioonivektoriga magnetväli, nagu pildil näidatud. Kus on prootonile mõjuv Lorentzi jõud, mis on suunatud joonise suhtes (üles, vaatleja poole, vaatlejast eemale, alla, vasakule, paremale)


Lahendus. Magnetväli mõjub laetud osakesele Lorentzi jõuga. Selle jõu suuna määramiseks on oluline meeles pidada vasaku käe mnemoreeglit, ärge unustage arvestada osakese laenguga. Suuname vasaku käe neli sõrme mööda kiirusvektorit, positiivselt laetud osakese korral peaks vektor sisenema peopessa risti, pöial kõrvale jäetud 90° näitab osakesele mõjuva Lorentzi jõu suunda. Selle tulemusena saame, et Lorentzi jõuvektor on joonise suhtes vaatlejast eemale suunatud.

Vastus. vaatlejalt.

Elektrivälja tugevuse moodul võimsusega 50 μF tasapinnalises õhukondensaatoris on võrdne 200 V/m. Kondensaatoriplaatide vaheline kaugus on 2 mm. Mis on kondensaatori laeng? Kirjutage oma vastus µC.

Lahendus. Teisendame kõik mõõtühikud SI süsteemi. Mahtuvus C = 50 µF = 50 10 -6 F, plaatide vaheline kaugus d= 2 · 10 –3 m Ülesanne räägib lamedast õhukondensaatorist - seadmest elektrilaengu ja elektrivälja energia salvestamiseks. Elektrilise mahtuvuse valemist

Kus d- plaatide vaheline kaugus.

Väljendame pinget U=E d(4); Asendame (4) väärtusega (2) ja arvutame kondensaatori laengu.

q = C · Ed= 50 10 –6 200 0,002 = 20 µC

Palun pöörake tähelepanu ühikutele, milles peate vastuse kirjutama. Saime selle kulonides, kuid esitame selle µC-des.

Vastus. 20 uC.


Õpilane viis läbi fotol näidatud valguse murdumise katse. Kuidas muutub klaasis leviva valguse murdumisnurk ja klaasi murdumisnäitaja langemisnurga suurenedes?

  1. Suureneb
  2. Väheneb
  3. Ei muutu
  4. Kirjutage tabelisse iga vastuse jaoks valitud numbrid. Vastuses olevad numbrid võivad korduda.

Lahendus. Seda tüüpi probleemide puhul mäletame, mis on murdumine. See on laine levimissuuna muutumine ühest keskkonnast teise üleminekul. Selle põhjuseks on asjaolu, et lainete levimise kiirused nendes keskkondades on erinevad. Olles välja mõelnud, millisesse keskkonda valgus levib, kirjutagem murdumisseadus kujul

sinα = n 2 ,
sinβ n 1

Kus n 2 – absoluutne näitaja klaasi murdumine, keskmine kuhu ta läheb valgus; n 1 on esimese keskkonna, millest valgus tuleb, absoluutne murdumisnäitaja. Õhu jaoks n 1 = 1. α on kiire langemisnurk klaasist poolsilindri pinnale, β on kiire murdumisnurk klaasis. Pealegi on murdumisnurk väiksem kui langemisnurk, kuna klaas on optiliselt tihedam keskkond - kõrge murdumisnäitajaga keskkond. Valguse levimise kiirus klaasis on aeglasem. Pange tähele, et me mõõdame nurki kiirte langemispunktis taastatud ristist. Kui suurendate langemisnurka, suureneb ka murdumisnurk. See ei muuda klaasi murdumisnäitajat.

Vastus.

Vase hüppaja teatud ajahetkel t 0 = 0 hakkab liikuma kiirusega 2 m/s mööda paralleelseid horisontaalseid juhtivaid rööpaid, mille otstesse on ühendatud 10 oomi takisti. Kogu süsteem on vertikaalses ühtlases magnetväljas. Hüppaja ja siinide takistus on tühine, hüppaja asub alati rööbastega risti. Magnetilise induktsiooni vektori voog Ф läbi hüppaja, siinide ja takisti moodustatud ahela muutub aja jooksul t nagu on näidatud graafikul.


Valige graafiku abil kaks õiget väidet ja märkige vastuses nende numbrid.

  1. Selleks ajaks t= 0,1 s magnetvoo muutus läbi ahela on 1 mWb.
  2. Induktsioonivool džempris vahemikus alates t= 0,1 s t= max 0,3 s.
  3. Ahelas tekkiva induktiivse emfi moodul on 10 mV.
  4. Jumperis voolava induktsioonivoolu tugevus on 64 mA.
  5. Hüppaja liikumise säilitamiseks rakendatakse sellele jõudu, mille projektsioon rööbaste suunale on 0,2 N.

Lahendus. Kasutades graafikut ahelat läbiva magnetinduktsiooni vektori voo sõltuvuse ajast, määrame alad, kus voog F muutub ja kus voo muutus on null. See võimaldab meil määrata ajavahemikud, mille jooksul indutseeritud vool ahelasse ilmub. Õige väide:

1) Ajaks t= 0,1 s vooluringi läbiva magnetvoo muutus võrdub 1 mWb ∆Ф = (1 – 0) 10 –3 Wb; Ahelas tekkiva induktiivse emfi moodul määratakse kindlaks EMR seaduse abil

Vastus. 13.


Kasutades voolu ja aja graafikut elektriahelas, mille induktiivsus on 1 mH, määrake iseinduktiivne emf-moodul ajavahemikus 5 kuni 10 s. Kirjutage oma vastus µV-des.

Lahendus. Teisendame kõik suurused SI süsteemi, st. teisendame induktiivsuse 1 mH H-ks, saame 10 –3 H. Ka joonisel näidatud vool mA-des teisendatakse A-ks, korrutades 10–3-ga.

Eneseinduktsiooni emf valemil on vorm

sel juhul antakse ajavahemik vastavalt ülesande tingimustele

∆t= 10 s – 5 s = 5 s

sekundit ja graafiku abil määrame voolu muutumise intervalli selle aja jooksul:

∆I= 30 10 –3 – 20 10 –3 = 10 10 –3 = 10 –2 A.

Asendame arvväärtusi valemisse (2), saame

| Ɛ | = 2 ·10 –6 V või 2 µV.

Vastus. 2.

Kaks läbipaistvat tasapinnalist paralleelset plaati surutakse tihedalt üksteise vastu. Valguskiir langeb õhust esimese plaadi pinnale (vt joonist). On teada, et ülemise plaadi murdumisnäitaja on võrdne n 2 = 1,77. Looge vastavus füüsikaliste suuruste ja nende tähenduste vahel. Iga esimese veeru positsiooni jaoks valige teisest veerust vastav positsioon ja kirjutage valitud numbrid tabelisse vastavate tähtede alla.


Lahendus. Valguse murdumise probleemide lahendamiseks kahe kandja liidesel, eelkõige valguse läbimisel tasapinnaliste paralleelsete plaatidega, võib soovitada järgmist lahendusmenetlust: tehke joonis, mis näitab ühest keskkonnast tulevate kiirte teekonda. teine; Kiire langemispunktis kahe keskkonna vahelisel liidesel tõmmake pinnale normaal, märkige langemis- ja murdumisnurgad. Pöörake erilist tähelepanu vaadeldava kandja optilisele tihedusele ja pidage meeles, et kui valguskiir liigub optiliselt vähemtihedast keskkonnast optiliselt tihedamale keskkonnale, on murdumisnurk väiksem kui langemisnurk. Joonisel on kujutatud langeva kiire ja pinna vaheline nurk, kuid vajame langemisnurka. Pidage meeles, et nurgad määratakse löögipunktis taastatud risti järgi. Määrame, et kiire langemisnurk pinnale on 90° – 40° = 50°, murdumisnäitaja n 2 = 1,77; n 1 = 1 (õhk).

Paneme kirja murdumisseaduse

sinβ = patt50 = 0,4327 ≈ 0,433
1,77

Joonistame tala ligikaudse teekonna läbi plaatide. Piiride 2–3 ja 3–1 jaoks kasutame valemit (1). Vastuseks saame

A) Tala langemisnurga siinus plaatide vahelisel piiril 2–3 on 2) ≈ 0,433;

B) Kiire murdumisnurk piiri 3–1 ületamisel (radiaanides) on 4) ≈ 0,873.

Vastus. 24.

Määrake, kui palju α-osakesi ja kui palju prootoneid tekib termotuumasünteesi reaktsiooni tulemusena

+ → x+ y;

Lahendus. Kõigi ees tuumareaktsioonid järgitakse elektrilaengu ja nukleonide arvu jäävuse seadusi. Tähistame x-ga alfaosakeste arvu, y-ga prootonite arvu. Koostame võrrandid

+ → x + y;

meie käsutuses oleva süsteemi lahendamine x = 1; y = 2

Vastus. 1 – α-osake; 2 – prootonid.

Esimese footoni impulsimoodul on 1,32 · 10 –28 kg m/s, mis on 9,48 · 10 –28 kg m/s vähem kui teise footoni impulssmoodul. Leia teise ja esimese footoni energiasuhe E 2 /E 1. Ümarda oma vastus lähima kümnendikuni.

Lahendus. Teise footoni impulss on vastavalt tingimusele suurem kui esimese footoni impulss, mis tähendab, et seda saab esitada lk 2 = lk 1 + Δ lk(1). Footoni energiat saab väljendada footoni impulsi kaudu, kasutades järgmisi võrrandeid. See E = mc 2 (1) ja lk = mc(2), siis

E = pc (3),

Kus E- footoni energia, lk– footoni impulss, m – footoni mass, c= 3 · 10 8 m/s – valguse kiirus. Võttes arvesse valemit (3), on meil:

E 2 = lk 2 = 8,18;
E 1 lk 1

Ümardame vastuse kümnenditeni ja saame 8,2.

Vastus. 8,2.

Aatomi tuum on läbinud radioaktiivse positroni β - lagunemise. Kuidas see muutus elektrilaeng tuum ja neutronite arv selles?

Määrake iga koguse jaoks muudatuse olemus:

  1. Suurenenud;
  2. Vähenenud;
  3. Ei ole muutunud.

Kirjutage tabelisse iga füüsilise suuruse jaoks valitud numbrid. Vastuses olevad numbrid võivad korduda.

Lahendus. Positron β – lagunemine aatomituum tekib siis, kui prooton muutub positroni emissiooniga neutroniks. Selle tulemusena suureneb tuumas neutronite arv ühe võrra, elektrilaeng väheneb ühe võrra ja tuuma massiarv jääb muutumatuks. Seega on elemendi muundamisreaktsioon järgmine:

Vastus. 21.

Laboris viidi läbi viis katset, et jälgida difraktsiooni erinevate difraktsioonivõrede abil. Iga võre valgustati paralleelsete kindla lainepikkusega monokromaatilise valguse kiirtega. Kõikidel juhtudel langes valgus võrega risti. Kahes neist katsetest täheldati sama arvu peamisi difraktsioonimaksimume. Märkige esmalt katse number, milles kasutati lühema perioodiga difraktsioonvõret, ja seejärel katse number, milles kasutati suurema perioodiga difraktsioonvõret.

Lahendus. Valguse difraktsioon on nähtus, kus valguskiir geomeetrilise varju piirkonda. Difraktsiooni võib täheldada siis, kui valguslaine teekonnal on suurtes takistustes läbipaistmatud alad või augud, mis on valgusele läbipaistmatud ja nende alade või aukude suurus on proportsionaalne lainepikkusega. Üks olulisemaid difraktsiooniseadmeid on difraktsioonivõre. Difraktsioonimustri maksimumide nurksuunad määratakse võrrandiga

d sinφ = kλ (1),

Kus d– difraktsioonivõre periood, φ – nurk võre normaalse ja difraktsioonimustri ühe maksimumi suuna vahel, λ – valguse lainepikkus, k– täisarv, mida nimetatakse difraktsioonimaksimumi järjekorraks. Avaldame võrrandist (1)

Valides paarid vastavalt katsetingimustele, valime esmalt 4, kus kasutati lühema perioodiga difraktsioonvõret ja seejärel katse numbri, milles kasutati suurema perioodiga difraktsioonvõret - see on 2.

Vastus. 42.

Vool voolab läbi traattakisti. Takisti asendati teisega, samast metallist ja sama pikkusega, kuid poole ristlõikepindalaga juhtmega, millest juhiti läbi pool voolu. Kuidas muutub takisti pinge ja selle takistus?

Määrake iga koguse jaoks muudatuse olemus:

  1. Suureneb;
  2. Väheneb;
  3. Ei muutu.

Kirjutage tabelisse iga füüsilise suuruse jaoks valitud numbrid. Vastuses olevad numbrid võivad korduda.

Lahendus. Oluline on meeles pidada, millistest väärtustest sõltub juhi takistus. Takistuse arvutamise valem on

Ohmi seadus ahela lõigu kohta, valemist (2) väljendame pinget

U = Mina R (3).

Vastavalt probleemi tingimustele on teine ​​takisti valmistatud samast materjalist, sama pikkusega, kuid erineva ristlõikepindalaga traadist. Pindala on kaks korda väiksem. Asendades (1) leiame, et takistus suureneb 2 korda ja vool väheneb 2 korda, seega pinge ei muutu.

Vastus. 13.

Matemaatilise pendli võnkeperiood Maa pinnal on 1,2 korda pikem kui selle võnkeperiood teatud planeedil. Kui suur on gravitatsioonist tingitud kiirendus sellel planeedil? Atmosfääri mõju on mõlemal juhul tühine.

Lahendus. Matemaatiline pendel on süsteem, mis koosneb keermest, mille mõõtmeid on palju rohkem suurusi pall ja pall ise. Raskusi võib tekkida, kui unustada Tomsoni valem matemaatilise pendli võnkeperioodi kohta.

T= 2π (1);

l– matemaatilise pendli pikkus; g- gravitatsiooni kiirendus.

Tingimuste järgi

Väljendame (3) g n = 14,4 m/s 2. Tuleb märkida, et raskuskiirendus sõltub planeedi massist ja raadiusest

Vastus. 14,4 m/s 2.

1 m pikkune sirge juht, mille vool on 3 A, paikneb ühtlases induktsiooniga magnetväljas IN= 0,4 Teslat vektori suhtes 30° nurga all. Kui suur on magnetväljast juhile mõjuv jõud?

Lahendus. Kui asetate voolu juhtiva juhtme magnetvälja, mõjub voolu juhtival olev väli amprijõuga. Paneme kirja jõumooduli Ampere valemi

F A = Ma LB sinα ;

F A = 0,6 N

Vastus. F A = 0,6 N.

Magnetvälja energia, mis salvestub mähises selle läbimisel alalisvool, võrdub 120 J. Mitu korda tuleb pooli mähist läbivat voolu suurendada, et sinna salvestatud magnetvälja energia suureneks 5760 J võrra.

Lahendus. Pooli magnetvälja energia arvutatakse valemiga

W m = LI 2 (1);
2

Tingimuste järgi W 1 = 120 J, siis W 2 = 120 + 5760 = 5880 J.

I 1 2 = 2W 1 ; I 2 2 = 2W 2 ;
L L

Siis praegune suhe

I 2 2 = 49; I 2 = 7
I 1 2 I 1

Vastus. Voolutugevust tuleb suurendada 7 korda. Sisestate vastuse vormile ainult numbri 7.

Elektriahel koosneb kahest lambipirnist, kahest dioodist ja juhtmest, mis on ühendatud joonisel näidatud viisil. (Diood võimaldab voolul liikuda ainult ühes suunas, nagu on näidatud pildi ülaosas.) Milline pirnidest süttib, kui viia magneti põhjapoolus mähisele lähemale? Selgitage oma vastust, näidates, milliseid nähtusi ja mustreid te oma selgituses kasutasite.


Lahendus. Magnetilised induktsiooniliinid väljuvad põhjapoolus magnet ja lahknevad. Magneti lähenedes suureneb juhtmepooli läbiv magnetvoog. Vastavalt Lenzi reeglile peab pooli induktiivvoolu tekitatav magnetväli olema suunatud paremale. Gimleti reegli kohaselt peaks vool kulgema päripäeva (vasakult vaadatuna). Teise lambiahela diood läbib selles suunas. See tähendab, et teine ​​lamp süttib.

Vastus. Teine tuli süttib.

Alumiiniumist kodara pikkus L= 25 cm ja ristlõike pindala S= 0,1 cm 2 riputatud ülemise otsa keermele. Alumine ots toetub anuma horisontaalsele põhjale, kuhu vesi valatakse. Kodara vee all oleva osa pikkus l= 10 cm Leidke jõud F, millega kudumisvarras surub anuma põhja, kui on teada, et niit asub vertikaalselt. Alumiiniumi tihedus ρ a = 2,7 g/cm 3, vee tihedus ρ b = 1,0 g/cm 3. Gravitatsiooni kiirendus g= 10 m/s 2

Lahendus. Teeme selgitava joonise.


– keerme pingutusjõud;

– laeva põhja reaktsioonijõud;

a on Archimedese jõud, mis mõjub ainult sukeldatud kehaosale ja rakendatakse kodara sukeldatud osa keskele;

– gravitatsioonijõud, mis mõjub kodarale Maalt ja rakendub kogu kodara keskpunktile.

Definitsiooni järgi kodara mass m ja Archimedese jõumoodul on väljendatud järgmisel viisil: m = SLρa (1);

F a = Slρ sisse g (2)

Vaatleme jõudude momente kodara riputuspunkti suhtes.

M(T) = 0 – tõmbejõu moment; (3)

M(N)= NL cosα on toetusreaktsioonijõu hetk; (4)

Võttes arvesse hetkede märke, kirjutame võrrandi

NL cosα + Slρ sisse g (L – l )cosα = SLρ a g L cosα (7)
2 2

arvestades, et Newtoni kolmanda seaduse järgi on anuma põhja reaktsioonijõud võrdne jõuga F d millega kudumisvarras vajutab anuma põhja kirjutame N = F d ja võrrandist (7) väljendame seda jõudu:

F d = [ 1 Lρ a– (1 – l )lρ sisse ] Sg (8).
2 2L

Asendame arvandmed ja saame need

F d = 0,025 N.

Vastus. F d = 0,025 N.

Silindrit sisaldav m 1 = 1 kg lämmastikku, tugevuskatse ajal plahvatas temperatuuril t 1 = 327 °C. Kui suur vesiniku mass m 2 võiks sellises silindris temperatuuril hoida t 2 = 27°C, millel on viiekordne ohutusvaru? Molaarmass lämmastik M 1 = 28 g/mol, vesinik M 2 = 2 g/mol.

Lahendus. Kirjutame Mendelejevi – Clapeyroni ideaalse gaasi olekuvõrrandi lämmastiku jaoks

Kus V- silindri maht, T 1 = t 1 + 273 °C. Vastavalt seisundile saab vesinikku säilitada rõhu all lk 2 = p 1/5; (3) Arvestades seda

vesiniku massi saame väljendada töötades vahetult võrranditega (2), (3), (4). Lõplik valem näeb välja selline:

m 2 = m 1 M 2 T 1 (5).
5 M 1 T 2

Pärast arvandmete asendamist m 2 = 28 g.

Vastus. m 2 = 28 g.

Ideaalis võnkeahel voolukõikumiste amplituud induktiivpoolis ma m= 5 mA ja kondensaatori pinge amplituud U m= 2,0 V. Ajal t pinge kondensaatoril on 1,2 V. Leidke voolutugevus mähises sel hetkel.

Lahendus. Ideaalses võnkeahelas võnkeenergia säilib. Hetkeks t on energia jäävuse seadusel vorm

C U 2 + L I 2 = L ma m 2 (1)
2 2 2

Amplituudi (maksimaalsete) väärtuste jaoks kirjutame

ja võrrandist (2) väljendame

C = ma m 2 (4).
L U m 2

Asendame (4) väärtusega (3). Selle tulemusena saame:

I = ma m (5)

Seega vool mähises hetkel t võrdne

I= 4,0 mA.

Vastus. I= 4,0 mA.

2 m sügavuse veehoidla põhjas on peegel. Vett läbiv valguskiir peegeldub peeglist ja väljub veest. Vee murdumisnäitaja on 1,33. Leidke kaugus kiire vette sisenemise punkti ja kiire veest väljumise punkti vahel, kui kiire langemisnurk on 30°

Lahendus. Teeme selgitava joonise


α on kiire langemisnurk;

β on kiire murdumisnurk vees;

AC on kaugus kiire vette sisenemise punkti ja kiire veest väljumise punkti vahel.

Vastavalt valguse murdumise seadusele

sinβ = sinα (3)
n 2

Mõelge ristkülikukujulisele ΔADB-le. Selles AD = h, siis DB = AD

tgβ = h tgβ = h sinα = h sinβ = h sinα (4)
cosβ

Saame järgmise väljendi:

AC = 2 DB = 2 h sinα (5)

Asendame arvulised väärtused saadud valemis (5)

Vastus. 1,63 m.

Ühtseks riigieksamiks valmistudes kutsume teid tutvuma füüsika tööprogramm 7.–9. klassile Peryshkina A.V. UMK liinile. Ja kõrgtaseme tööprogramm 10.-11. klassile õppematerjalide jaoks Myakisheva G.Ya. Programmid on vaatamiseks saadaval ja tasuta allalaadimine kõigile registreeritud kasutajatele.

Online test Füüsika ühtne riigieksam, mille saate sooritada kl haridusportaal sait aitab teil singliteks paremini valmistuda riigieksam. Ühtne riigieksam on väga oluline sündmus, millest sõltub kolledžisse pääsemine. Ja sinu oma sõltub sellest tulevane elukutse. Seetõttu peaksite ühtseks riigieksamiks valmistumise küsimusele lähenema vastutustundlikult. Sellise olulise eksami tulemuse parandamiseks on kõige parem kasutada kõiki olemasolevaid vahendeid.

Erinevad võimalused ühtseks riigieksamiks valmistumiseks

Igaüks otsustab ise, kuidas ühtseks riigieksamiks valmistuda. Keegi loodab täielikult kooliteadmised. Ja mõnel õnnestub näidata suurepäraseid tulemusi ainult tänu kooli ettevalmistusele. Kuid siin ei mängi otsustavat rolli mitte konkreetne kool, vaid õpilane, kes võttis oma tundi vastutustundlikult ja tegeles enesearenguga. Teised kasutavad juhendajate abi, kes lühike aeg oskab õpilast otsuste tegemisel juhendada tüüpilised ülesandedühtsest riigieksamist. Kuid juhendaja valikusse tuleks suhtuda vastutustundlikult, sest paljud peavad juhendamist sissetulekuallikaks ega hooli oma mentii tulevikust. Mõned inimesed registreeruvad spetsiaalsetele kursustele, et valmistuda ühtseks riigieksamiks. Siin õpetavad kogenud spetsialistid lapsi erinevate ülesannetega toime tulema ja valmistavad neid ette mitte ainult ühtseks riigieksamiks, vaid ka kolledžisse astumiseks. Parim on, kui sellised kursused toimuvad aadressil. Siis hakkavad ülikooli õppejõud last õpetama. Kuid on ka sõltumatud meetodid ettevalmistamine ühtseks riigieksamiks - veebipõhised testid.

Veebipõhised ühtse riigieksami testid füüsikas

Haridusportaalis Uchistut.ru saate sooritada füüsika ühtse riigieksami veebipõhiseid teste, et paremini valmistuda. tõeline ühtne riigieksam. Interneti-koolitus võimaldab teil mõista, millised küsimused ühtsel riigieksamil on. Samuti saate tuvastada oma nõrkused ja tugevused. Kuna veebipõhistel praktikatestidel ajapiirangut ei ole, võib õpikutest leida vastuse probleemile, mille lahendust ei teata. Pidev harjutamine aitab tegeliku eksami ajal stressitaset vähendada. Ja eksperdid ütlevad, et enam kui kolmkümmend protsenti ühtse riigieksami ebaõnnestumistest on tingitud just stressist ja segadusest. Ühtne riigieksami aeg. Lapse jaoks on see väga tohutu surve, vastutus, mis paneb õpilasele suure pinge alla ja ei lase tal keskenduda määratud ülesannetele. Ja füüsika ühtset riigieksamit peetakse üheks kõige raskemaks, nii et peate selleks võimalikult hästi valmistuma. Lõppude lõpuks, alates Ühtse riigieksami tulemused füüsikas oleneb parimate hulka pääsemisest tehnikaülikoolid Moskva. Ja need on väga prestiižsed haridusasutused, millesse pääsemisest paljud inimesed unistavad.